tematika: a matematikai zika di erenci alegyenletei k odsz...
TRANSCRIPT
Tematika: A matematikai fizika differencialegyenleteiKodszam: FLM1202Kreditszam: 6 (fizinfosoknak 5)Orarend:2 ora eloadas, hetfo 10 ora, Farkas Gyula (5/II) terem
2 ora szeminarium, szerda 8 ora, 243A terem
Oktato:Lazar Zsolt Jozsef adjunktusfoepulet 203. [email protected] anyag: comodi.phys.ubbcluj.ro/differencial
1 Vizsga (60%)
Elmelet ∼25%Feladatok ∼75%
2 Tevekenyseg (40%)
Hazi feladatok (60%)1
Felmerok (40%)
1A hazi feladatok fele szukseges a vizsgan valo reszvetelhez.
Tananyag
Kozonseges differencial egyenletek
Parcialis differencial egyenletek
Specialis fuggvenyek
Ortogonalis polinomok
Fourier-sorok
Integral transzformaciok
Komplex analızis???
...
Di�erenciálegyenletek vizsgatételek
2009. június 19.
1. Igazoljuk a Γ(x) =∫∞0e−ttx−1dx Euler-féle függvény következ® tulajdon-
ságát:Γ(x+ 1) = xΓ(x)
Oldjuk meg a következ® di�erenciálegyenleteket:
2.
y′ =
√y
x+y
x
3.y′ − y = 2te2t , y(0) = 1
4.
y′ − y2
3− 2
3x2= 0
(a −1/x megoldása az egyenletnek).
5.(2x+ 3)dx+ (2y − 2)dy = 0
6.y′′y(iv) − (y′′′)
2= 0
7.y′′ + y = t(1 + sin t)
(használjuk az állandók változtatásának módszerét)
8.y′′ + ω2y = cos 2t
(használjuk a Laplace-transzformáltat)
9.y(iv) + 4y′′ = sin 2x+ xex + 4
10. {y′1 − 2y1 + y2 = 2x
y′2 − 3y1 + 2y2 = ex
11. Határozzuk meg a f¶részfogjel Fourier-sorát.
12. Vezessétek le a Hermite-polinomok rekurrencia képletét
e−t2+2tx =
∞∑
n=0
Hn(x)tn
n!
13. Írjuk fel és oldjuk meg a h®di�uzió egyenletét a T (x, 0) = τ(x) kezdetifeltétel esetén.
1
Euler- es Beta-fuggvenyek
Euler vagy gamma fuggveny:
Γ(x) =
∫ ∞
0
e−ttx−1dt , x ∈ R
Masodfaju Euler integral
Megjelenik a statisztikus mechanikaban, valoszınusegszamitasifeladatokban, adatelemzesben.Pl.
”normaleloszlasu” pozitıv definit mennyisegek nyomatekai.
Beta fuggveny:
B(x , y) =
∫ 1
0
tx−1(1− t)y−1dt , x , y ∈ R
Elsofaju Euler integral
A gamma fuggveny kozeli rokona. Megjelenik peldaul string elmeletben,valoszınusegszamıtasi feladatokban, adatelemzesben.
Tulajdonsagok
Hatarozatlan integralas:
F ′ = f , →∫
f (x)dx = F + C ,
F az f primitıvje.Hatarozott integralas:
∫ b
a
f (x)dx = F
∣∣∣∣b
a
= F (b)− F (a) .
Tulajdonsagok
Γ(1) =
∫ ∞
0
e−tdt = −e−t∣∣∣∞
0= 1 → Γ(1) = 1 .
Parcialis integralas
(f · g)′ = f ′ · g + f · g′ → f ′ · g = (f · g)′ − f · g′ ,∫
(. . . )
∫f ′(x)g(x)dx = f · g −
∫f (x)g′(x)dx ,
∫ b
af ′(x)g(x)dx = f · g
∣∣∣∣ba−∫ b
af (x)g′(x)dx ,
Γ(x + 1) =
∫ ∞
0
e−ttxdt = − e−ttx∣∣∣∞
0︸ ︷︷ ︸=0
+x
∫ ∞
0
e−ttx−1dt = xΓ(x)
Γ(x + 1) = xΓ(x)
Legyen x = n ∈ N
Γ(n + 1) = nΓ(n) = n(n − 1)Γ(n − 1) =
= n(n − 1)(n − 2)Γ(n − 2) = · · · = n!
Γ(n + 1) = n!
(2n)! = 1 · 2 · 3 · 4 . . . (2n − 2)(2n − 1)2n (1)
(2n)!! = 2 · 4 · 6 . . . (2n − 2)2n = 2nn! (2)
(2n − 1)!! = 1 · 3 · 5 . . . (2n − 3)(2n − 1) (3)
→ (2n)! = (2n)!!(2n − 1)!! = 2nn!(2n − 1)!!
t = u2, dt = 2u du
Γ(x) = 2
∫ ∞0
e−u2u2x−1du
∫ π/2
0cos2x−1 θ sin2y−1 θdθ =
Γ(x)Γ(y)
2Γ(x + y)
Biz:
Tobbszoros integralas valtozocserevel
V =
∫D
f (x, y)dxdy =
∫D
f (x, y)dSxy , dSxy = dx · dy .
(x, y) y (u, v)
V =
∫D
g(u, v)dudv =
∫D
g(u, v)dSuv , dSuv = du · dv
dSxy =
∣∣∣∣∣ ∂(x, y)
∂(u, v)
∣∣∣∣∣ dSuv →
∣∣∣∣∣ ∂(x, y)
∂(u, v)
∣∣∣∣∣ ≡∣∣∣∣∣∣∂x∂u
∂x∂v
∂y∂u
∂y∂v
∣∣∣∣∣∣V =
∫D
f (x(u, v), y(u, v))
∣∣∣∣∣ ∂(x, y)
∂(u, v)
∣∣∣∣∣ dudv =
∫D
g(u, v)dudv → g(u, v) = f (x(u, v), y(u, v))
∣∣∣∣∣ ∂(x, y)
∂(u, v)
∣∣∣∣∣Pelda:
x = r cos θ , y = r sin θ →∂x
∂r= cos θ ,
∂x
∂θ= −r sin θ ,
∂y
∂r= sin θ ,
∂y
∂θ= r cos θ ,
∣∣∣∣∣ ∂(x, y)
∂(r, θ)
∣∣∣∣∣ = r →
V =
∫D
f (x, y)dxdy =
∫D
f (r cos θ, r sin θ)rdrdθ =
∫D
g(r, θ)drdθ , g(r, θ) = f (r cos θ, r sin θ)r .
t = u2, dt = 2u du
Γ(x) = 2
∫ ∞0
e−u2u2x−1du
∫ π/2
0cos2x−1 θ sin2y−1 θdθ =
Γ(x)Γ(y)
2Γ(x + y)
Biz:
1
4Γ(x)Γ(y) =
∫R+
e−u2u2x−1du
∫R+
e−t2t2y−1dt = (4)
=
∫∫R2
+
e−(u2+t2)u2x−1t2y−1dudt = . . . (dudt → rdrdθ) . . . (5)
=
∫ ∞0
∫ π/2
0e−r2
(r cos θ)2x−1(r sin θ)2y−1rdrdθ = (6)
=
∫ ∞0
e−r2r2x+2y−1dr
∫ π/2
0cos2x−1 θ sin2y−1 θdθ = (7)
=1
2Γ(x + y)
∫ π/2
0cos2x−1 θ sin2y−1 θdθ � (8)
Γ(1
2) =√π .
Biz: Az elozo tulajdonsagbol, ha x = y = 1/2
∫ π/2
0
cos2x−1 θ sin2y−1 θdθ =Γ(x)Γ(y)
2Γ(x + y)
∫ π/2
0
dθ =Γ(1/2)2
2Γ(1)=π
2�
B(x , y) =Γ(x)Γ(y)
Γ(x + y)
Biz:
B(x , y) =
∫ 1
0
tx−1(1− t)y−1dt , x , y ∈ R
t = cos2 θ, ha t = 0→ θ = π/2, ha t = 1→ θ = 0,dt = −2 cos θ sin θdθ
→ B(x , y) = 2
∫ π/2
0
cos2x−2 θ sin2y−2 θ cos θ sin θdθ �
Elozo tulajdonsagbol:B(x , y) = B(y , x)
B(x + 1, y) =x
x + yB(x , y)
Biz:
B(x + 1, y) =Γ(x + 1)Γ(y)
Γ(x + y + 1)=
xΓ(x)Γ(y)
(x + y)Γ(x + y)
B(x , y + 1) =y
x + yB(x , y)
→ B(x + 1, y) + B(x , y + 1) = B(x , y)
→ B(x + 1, y)
x=
B(x , y + 1)
y
Legendre osszefugges
Γ(x)Γ(x +1
2) =
√π
22x−1Γ(2x)
Biz:
B(x , x) =Γ(x)2
Γ(2x)=
∫ 1
0tx−1(1− t)x−1dt =
∫ 1
0(t − t2)x−1dt = (9)
=
∫ 1
0
[1
4−(
1
2− t
)2]x−1
dt = ; t −1
2=
s
2, dt =
ds
2(10)
=1
2
∫ 1
−1
(1
4−
s2
4
)x−1
ds =1
22x−2
∫ 1
0(1− s2)x−1ds = (11)
; s2 = t → s =√t → ds =
1
2√tdt (12)
=1
22x−2
∫ 1
0(1− t)x−1 1
2t−1/2dt =
1
22x−1
∫ 1
0t−1/2(1− t)x−1 =
1
22x−1B
(1
2, x
)=
(13)
=1
22x−1
Γ(
12
)Γ(x)
Γ(x + 1
2
) =Γ(x)2
Γ(2x)� (14)
Γ
(n +
1
2
)=
(2n)!√π
22nn!
Biz: Az elobbi tulajdonsagbol:
Γ
(n +
1
2
)=
√πΓ(2n)
22n−1Γ(n)=
√π(2n − 1)!
22n−1(n − 1)!�
Γ(x) abrazolasa
Γ(1) = 1 , Γ(2) = 1 · Γ(1) = 1 , Γ(3) = 2 · Γ(2) = 2 ,
Γ
(1
2
)=√π ≈ 1, 77 , Γ
(3
2
)=
1
2Γ
(1
2
)=
√π
2≈ 0, 88 ,
Γ
(5
2
)=
3
2Γ
(3
2
)=
3√π
4≈ 1, 33
Γ(x + 1) = xΓ(x) , → Γ(x) =Γ(x + 1)
x
→ limx↘0
Γ(x) = +∞ , limx↗0
Γ(x) = −∞ , limx↗−1
Γ(x) = − limx↗−1
Γ(x+1) = +∞
limx↘−1
Γ(x) = −∞ , Γ
(−
1
2
)= −2
√π , lim
x↗−2Γ(x) = − lim
x↗−2Γ(x+1) = −∞
Γ
(−
1
2
)= −
3
2Γ
(−
3
2
)→
Γ
(−
3
2
)= −
5
2Γ
(−
5
2
)→
Γ
(−
5
2
)= −
7
2Γ
(−
7
2
)→
Γ
(−
3
2
)=
4
3
√π
Γ
(−
5
2
)= −
8
15
√π
Γ
(−
7
2
)=
16
105
√π
Γ(x)Γ(1− x) =π
sinπxEuler-keplet
Biz:Tetel: Ha x1, x2, · · · , xi , · · · ∈ R vegtelen sorozat az f (x) fuggveny gyokei:f (xi ) = 0, i = 1, 2, 3, ..., akkor az f fuggveny felırhato ugy, hogy:
f (x) = x
(1−
x
x1
)(1−
x
x2
)· · ·(
1−x
xi
)· · · eφ(x)
ehol eφ(x) valamely gyoknelkuli fuggveny.Peldaul:
sin x ; sin nπ = 0 , n = 0,±1,±2,±3, . . .
sin x = x
(1−
x2
π2
)(1−
x2
(2π)2
)· · ·(
1−x2
(iπ)2
)· · · ≡ x
∞∏k=1
(1−
x2
k2π2
)
sinπx
πx=∞∏k=1
(1−
x2
k2
)
1
Γ(x)= 0 , ha x = 0,−1,−2,−3, . . .
1
Γ(x)= x
(1 +
x
1
)(1 +
x
2
)· · ·(
1 +x
k
)· · · eax
1
Γ(−x)= −x
(1−
x
1
)(1−
x
2
)· · ·(
1−x
k
)· · · e−ax
Az φ(x) = ax alak eredetenek bizonyıtasa hosszadalmas.
1
Γ(x)Γ(−x)= −x2
(1−
x2
12
)(1−
x2
22
)· · ·(
1−x2
k2
)=
= −x2∞∏k=1
(1−
x2
k2
)=
= −x2 sinπx
πx
Γ(1− x) = −xΓ(−x)→ Γ(−x) = −Γ(1− x)
x−x
Γ(x)Γ(1− x)= −x
sinπx
πx�
Stirling keplet:
n! ≈√
2πn(ne
)n (1 +
1
12n
)